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应用插件 版主：官方插件技术组
留言提交成功后如何跳转当前页面url
DkjbY
类型：迅睿CMS 更新时间：2022-10-29 13:42:48 全局表单
插件 表单系统 V2.5
应用作者 迅睿官方团队
发布时间 2021-03-24 10:37:32
更新时间 2024-10-23 13:40:58

留言表单提交成后，报错“您的系统遇到了故障，请联系管理员处理”，需要在后台填写上“提交成功跳转URL”，但是我的这个表单是在内容页（或者叫详情页 每个内容页的id号不确定），url不唯一，请问此时的url该如何填写？或者提交成功后刷新当前页面也可以


应用版权：官方
应用名称：全局表单

插件教程：https://www.xunruicms.com/doc/app-710.html

回帖
  • 小波工作室
    #1楼    小波工作室
    2022-10-29 11:20:31
    Chrome 0
    提交按钮一定要写对才行
  • DkjbY
    #2楼    DkjbY
    2022-10-29 11:25:33
    Chrome 0
    小波工作室 <button class="f-fff f-fr f-h4 submit" type="button" onclick="dr_ajax_submit('{$post_url}', 'showproform', '2000', '{$rt_url}')"> Submit </button>目前是这样写的，如何改变成提交后不跳转 停留在当前页面
  • 小波工作室
    #3楼    小波工作室
    2022-10-29 11:32:25
    Chrome 0
    '{$rt_url}'这个需要填写跳转后的地址，才会跳转到这个地址去
    满意答案
  • DkjbY
    #4楼    DkjbY
    2022-10-29 13:42:48
    Chrome 0
    @小波工作室： 感谢帮助
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